编写一个程序，找到两个单链表相交的起始节点。
如下面的两个链表：
在节点 c1 开始相交。
示例 1：
输入：intersectVal = 8, listA = [4,1,8,4,5], listB = [5,0,1,8,4,5], skipA = 2, skipB = 3
输出：Reference of the node with value = 8
输入解释：相交节点的值为 8 （注意，如果两个列表相交则不能为 0）。从各自的表头开始算起，链表 A 为 [4,1,8,4,5]，链表 B 为 [5,0,1,8,4,5]。在 A 中，相交节点前有 2 个节点；在 B 中，相交节点前有 3 个节点。
示例 2：
输入：intersectVal = 2, listA = [0,9,1,2,4], listB = [3,2,4], skipA = 3, skipB = 1
输出：Reference of the node with value = 2
输入解释：相交节点的值为 2 （注意，如果两个列表相交则不能为 0）。从各自的表头开始算起，链表 A 为 [0,9,1,2,4]，链表 B 为 [3,2,4]。在 A 中，相交节点前有 3 个节点；在 B 中，相交节点前有 1 个节点。
示例 3：
输入：intersectVal = 0, listA = [2,6,4], listB = [1,5], skipA = 3, skipB = 2
输出：null
输入解释：从各自的表头开始算起，链表 A 为 [2,6,4]，链表 B 为 [1,5]。由于这两个链表不相交，所以 intersectVal 必须为 0，而 skipA 和 skipB 可以是任意值。
解释：这两个链表不相交，因此返回 null。
注意：
如果两个链表没有交点，返回 null.
在返回结果后，两个链表仍须保持原有的结构。
可假定整个链表结构中没有循环。
程序尽量满足 O(n) 时间复杂度，且仅用 O(1) 内存。
思路：利用双指针，一个指向a，一个指向b，当a == NULL；把b赋给a；当b== NULL，把a赋给b。
ListNode *getIntersectionNode(ListNode *headA, ListNode *headB) {
if(headA == NULL || headB == NULL)
return NULL;
ListNode* pa = headA;
ListNode* pb = headB;
while(pa != pb)
{
//下面两句与if两句是一样的意思，但是运行的时间复杂度却不一样。
// pa = pa == NULL ? headB : pa->next;
//pb = pb == NULL ? headA : pb->next;
if(pa == NULL)
pa = headB;
else
pa = pa->next;
if(pb == NULL)
pb = headA;
else
pb = pb->next;
}
return pa;
}
利用哈希表，把a中的元素存入，如果b中有则返回，没有继续下一个。
ListNode *getIntersectionNode(ListNode *headA, ListNode *headB) {
if(headA == NULL || headB == NULL)
return NULL;
ListNode* pa = headA;
ListNode* pb = headB;
unordered_set
while(pa != NULL)
{
s.insert(pa);
pa = pa->next;
}
while(pb != NULL)
{
auto b = s.insert(pb);
if(b.second == true)
pb = pb->next;
else
return *b.first;
}
return NULL;
}