过桥问题详细的描述与解决方案请阅读《过桥问题——经典智力题推而广之五》,共7个小节，作者讲述的非常细致。
结论我给再叙述一下:
以下是构造N个人(N >= 1)过桥最佳方案的方法：
1)如果N=1或者N=2，所有人直接过桥。
2)如果N=3,由最快的人往返一次把其他两人送过河。
3)如果N>=4,设A，B为走的最快的和次快的旅行者，过桥所需时间分别为a,b；而Z,Y为走得最慢的和次慢的旅行者，过桥所需时间分别为z,y。那么
当2b>a+y时，使用模式一将Z和Y移动过桥
当2b<a+y时，使用模式二将Z和Y移动过桥
当2b=a+y时，使用模式一或者模式二将Z和Y移动过桥。
这样问题就变成了N-2个旅行者的情形，递归解决即可。
注：这里的模式1指的是A将Z送过桥，然后返回，再把Y送过桥，再返回；模式2指的是A和B先过桥，然后A返回，Y和Z过桥，然后B返回
1. pku 1700 Crossing River (pku 3404 Bridge over a rough river)
就是最朴素的过桥问题，问最少所需时间
2. pku 2573 Bridge
在1的基础上加上过桥所需要的步骤
3. zju 1579 Bridge
这里要用long long 真恶
4. hit 2540 Only One Boat
这个题目是过桥问题的变种,题目的意思就是有N队夫妻,现在要过河，但是只有一条船，并且船每次只能载两个人。要求每一个妻子不能在丈夫不在的情况下与其他男人在一起，无论是船上还是岸上都不可以。问最少的次数使得所有人过河，并打印具体的步骤(spj)。
这个问题最少次数其实是固定的，不难推出如果有n队夫妻，那么全部过河的最少次数是5*n-3。（这个原因我请教了这个题目的作者，他的意思是最优的策略一定是两个人坐船去彼岸，一个人坐船回此岸。因此最少次数是一定的)。知道了最少次数如何去打印具体步骤了，其实我们从样例中3队夫妻的说明中可以得到一些启发，就是说经过若干步之后可以使得一对夫妻"Leave"。 例如3队夫妻的时候，标号为1，2为第一对夫妻（奇数为男，偶数为女，下同）,标号为3，4为第二对夫妻，标号为5，6为第三对夫妻。那么由2，4首先坐船来到彼岸，然后2回去，2和6再来到彼岸回去，然后6回去，让1，3过来，然后1和2离开，3回头，3和5再过去，3和4离开，5回头，5和6过河并离开。 现在转换到n个人的情形。如果n=1或者2，那么很容易就能找到方案了，因此下面的情况针对n>=3的情况，我们可以先让2n和2n-2过河，然后2n回来。(注：这个时候所形成的局面是此岸有n-1对夫妻和一个丈夫，彼岸有一个该丈夫的妻子）。下面2n和2n-4过河，然后2n-4回来，2n-1和2n-3过河，2n和2n-1 离开，2n-3返回。（注：这个时候的局面是此案有n-2对夫妻和一个丈夫，彼岸有一个该丈夫的妻子）。可以看出这是一个递归的过程。下面实现就简单了。
5. zju 2288 Across the River
题目大意: n个男生和m个女生过河.只有一只船,船每次最多装k人且满足如下条件:
任何时候岸边(包括此岸和彼岸)和船上要么没女生.否则女生不比男生少，问最少要渡几次才能使得所有人渡河完毕。
这个题目如果没有说要求彼岸也满足这个要求（即女生不比男生少，或者没有女生），我们可以利用贪心算法解决。
可以总是先把男生给送到彼岸，然后剩下来的部分都是尽量在满足条件的情况下把男生往船上放，然后每次把船从彼岸送回来的人最好是女生。这样可以使得结果次数最少。
但是现在要求的是此案和彼岸都必须满足条件，这样的话我们就只能bfs搜了。数据量不算大
TopCoder SRM 146 DIV2 1000代码：
#include
<
algorithm
>
#include
<
vector
>
#include
<
string
>
#include
<
iostream
>
using
namespace
std;
class
BridgeCrossing
{
public: int minTime(vector <int> times)
{ sort(times.begin(),times.end()); return search(times);
} int search(vector <int> times) { int n=times.size(); if(n==1) return times[0]; else if(n==2) return times[1]; else if(n==3) return (times[0]+times[1]+times[2]); else { vector<int>v(times.begin(),times.end()-2); if(2*times[1] > times[0]+times[n-2]) { return 2*times[0]+times[n-1]+times[n-2]+search(v); } else { return 2*times[1]+times[n-1]+times[0]+search(v); } } }
}
;