Description题解：按位考虑,假设当前考虑到第x位.f[i]表示从i到n第x位是1的概率.枚举i的后继节点j如果i到j的边第x位是1,那f[i]+=1/d[i]*(1-f[j]);如果i到j的边第x为是0,那f[i]+=1/d[i]*f[j];f[n]=0;这样对于每个i都可以列出一个方程,高斯消元即可.每次把f[1]*(2^x)累加进答案即可.代码:#include#include#in

题目BZOJ2337传送门（突然发现一张图就把所有题目信息包含完了，不用手打还有点不习惯…）解法因为原题是要求异或期望，位与位之间没有影响，所以拆开处理。

题目描述传送门题解按位分解，统计每一位为0和为1的概率，最后乘上权值就行了算概率的话用高斯消元时间复杂度O(30∗(2n)3)，很不科学对不对我也是这么觉得代码#include#include#include#include#includeusingnamespacestd;#defineN205intn,m;inttot,point[N],nxt[N*100],v[N*100],c[N*100]

    遇到位运算，还是一位一位来。假设考虑二进制第k位，那么    令f[i]表示以到达i时，第i位存在的期望，那么对于所有与i相连的j，如果(i,j)的第k位为1，那么f[i]+=(1-f[j])/i的入度，否则f[i]+=f[j]/i的入度。    这样看起来有n个方程，但是有一个是没用的，随便去掉一个。然后实际上令从n到1是等价的，只需要让f[n]=0即可。AC代码如下：#include

传送门：http://www.lydsy.com:808/JudgeOnline/problem.php?id=2337思路：看到异或，那就按位做。假设现在在做第i位，为了描述方便，现在的边权是val[y]&(1 #include #include #include constintmaxn=205,maxm=20010; constdoubleeps=1e-10; usingnamespaces

题意：有一个无向图，边带权，从点1开始，每次随机选择与这个点相邻的一条边走到另一个点，直到走到点n.权值为所有走过的边的异或和（若一条边经过多次则被异或多次），求权值的期望值。思路：将每一位拆开。那么相当于边上的权值只有0,1.由于到达n就立即停止，我们定义f[i]表示从i到达n的期望值。那么显然f[n]=0,对于i!=n,我们列出其转移方程:forallxneariif(Edge(x,i)==0