cow

搞笑的漫画

nbsp; Scientists tell us that the fastest animal on earth, with a top speed of 120 ft/sec, is a cow
·2015-11-11 13:07

Beauty Contest(graham求凸包算法)

Total Submissions: 25256   Accepted: 7756 Description Bessie, Farmer John's prize cow
·2015-11-11 12:59

The Cow Lexicon(dp)

Time Limit: 2000MS   Memory Limit: 65536K Total Submissions: 7290   Accepted: 3409 Description Few know that the cows have their own dictionary with W&nb
·2015-11-11 12:34

poj 3278 catch that cow

bfs，RE多次之后学习大牛的代码，不要惊讶怎么限定在100000范围内！ 更好的解法：http://www.cnblogs.com/longzhiri/articles/1555344.html 1 # include <stdio.h> 2 # include <string.h> 3 # include <queue> 4 5 using nam
·2015-11-11 12:25

POJ2186 Popular Cows

Time Limit: 2000MS Memory Limit: 65536K Total Submissions: 14474 Accepted: 5747 Description Every cow's
·2015-11-11 12:59

POJ 2184 Cow Exhibition (01背包)

题目大意：N个有两个属性Si、Fi的物品，从中选出几个使得sigma(Si) + sigma(Fi)最大，并且两者都必须是非负数.   比较好的一道题，考查对01背包的理解和运用能力. 对于这种一个物品两个属性的问题，即使没有什么体积或者价值那么明显的情况，我们也应该考虑一下01背包是否可行.其实 01背包不在于解决什么体积、价值问题，而在于这种动态规划的方法可以记录下来选择某些物品时，
·2015-11-11 12:12

POJ 2184 Cow Exhibition (01背包)

题目大意：N个有两个属性Si、Fi的物品，从中选出几个使得sigma(Si) + sigma(Fi)最大，并且两者都必须是非负数.   比较好的一道题，考查对01背包的理解和运用能力. 对于这种一个物品两个属性的问题，即使没有什么体积或者价值那么明显的情况，我们也应该考虑一下01背包是否可行.其实 01背包不在于解决什么体积、价值问题，而在于这种动态规划的方法可以记录下来选择某些物品时，
·2015-11-11 12:11

hdu 2717:Catch That Cow（bfs广搜，经典题，一维数组搜索）

Catch That Cow Time Limit: 5000/2000 MS (Java/Others)    Memory Limit: 32768/32768
·2015-11-11 11:19

POJ 3270 Cow Sorting(置换群)

题目链接 很早之前就看过这题，思路题把，确实挺难想的，黑书248页有讲解。 1 #include <cstdio> 2 #include <cstring> 3 #include <iostream> 4 #include <cmath> 5 #include <algorithm> 6 using names
·2015-11-11 10:18

POJ 3617 Best Cow Line(水）

题目链接 省赛前 最后一次队内比赛的题目，当时我读懂了题意，本来应该1Y的题目，开始忘加换行，导致以为算法错误还误导了队友。。。错了N次后，SCF童鞋勇猛的A了，当时比赛马上结束了，绝杀啊。。。 再做1Y。。 1 #include <stdio.h> 2 #include <string.h> 3 int main() 4 { 5 int
·2015-11-11 10:07

POJ 3615 Cow Hurdles(Floyd)

题目链接 听QC说是裸弗洛伊德，我想都没想就打出来了，发现样例过不了，仔细看了看题，有一点变化。。。 1 #include <stdio.h> 2 #include <string.h> 3 #define N 1000000 4 int p[301][301]; 5 int main() 6 { 7 int sv,ev,w,i,j,
·2015-11-11 10:59

HDU 2717 Catch That Cow（BFS）

题目链接 好裸，BFS。杭电多组。。2A。。 1 #include <stdio.h> 2 #include <string.h> 3 int p[100001],o[100001]; 4 int main() 5 { 6 int n,k,i,j,start=0,end=0,num=0; 7 while(scanf("
·2015-11-11 10:44

POJ 3270 Cow Sorting（置换群）

题目链接 题意 ： N头牛，每个牛的坏脾气都有一个值，每个值都不相同，把这个值按照从小到大排序，如果两个值交换，那么会花掉这两个值之和的时间，让你花最少的时间将每个值从小到大排好序，求最小的总时间。 思路 ： 这个在黑书上有写，就是置换群，248页有写。写的挺详细的。每个状态都可以分为若干个循环的乘积。对于任意循环 i ，设其长度为ki，则至少需要交换ki-1次，即每次让一个元素到达目标位置，
·2015-11-11 10:41

POJ3176Cow Bowling

http://poj.org/problem?id=3176 题意：就是一个数塔的问题，属于最简单的动态规划题了吧，数塔从上到下只能找它下面的和它下面的右边的那一个想加，加到最后一行，看加哪个数可以保证最后结果相同。这个题其实是非常非常简单的动态规划问题，只是因为以前做过，就没再上心，结果就悲剧的WA了，后来才发现其实是掉了一个等号，而恰好以前也这样做过，因为OJ数据弱，掉了等号就过了。 思路
·2015-11-11 10:22

POJ 3278Catch That Cow

http://poj.org/problem?id=3278 大意是说牛在原地不动，他在某点去抓牛，他有两种方式可以走，第一种走一步，往前往后都可，第二种是走现在所在点的两倍的数目。只要能够刚好到达牛所在的那个点就行了。 因为题目中给了提示用广搜BFS，在三个方向上广搜就可以，这个题是借鉴了某位大神的才写出来的http://blog.csdn.net/ffq5050139/article/de
·2015-11-11 10:38

Linux写时拷贝技术(copy-on-write)

COW技术初窥：       在Linux程序中，fork（）会产生一个和父进程完全相同的子进程，但子进程在此后多会exec系统调用，出于效率考虑，linux
·2015-11-11 09:09

poj3278-Catch That Cow 【bfs】

id=3278   Catch That Cow Time Limit: 2000MS   Memory Limit: 65536K Total
·2015-11-11 09:32

codeforces 283E Cow Tennis Tournament（线段树）

题目链接：http://codeforces.com/problemset/problem/283/E 题意：n头牛，每头牛有一个技能值s（每个牛的s值各不相同）。牛两两之间进行一次比赛，技能值大的胜。 现在有m个操作，每次操作给出区间[L,R]，将技能值在该区间的牛两两之间的比赛的胜负取反。也就是对于两头牛i,j,L<=s[i]<=R,L<=sj<=R，i和j之间的那场
·2015-11-11 09:38

PKU 3278 Catch That Cow

bfs,需要注意0和N是可以到达的，除此之外也可以到达，但实际上不可能更优，因为超过这个范围表明需要回退，回退的步数超过2时，完全可以多走几步再翻倍，结果更优。 # include <cstdio> # include <queue> # include <cstring> using namespace std; # define MAXN
·2015-11-11 07:24

POJ 3660 Cow Contest

对每个结点 BFS 一遍，找出能被它打败和可以打败它的结点的总和 s ，如果 s == n-1 ，它的排名可以确定； C++ vector 邻接表； # include <cstdio> # include <iostream> # include <cstring> # include <vector> # define N 10
·2015-11-11 07:46

COJ 1082 Farmer John’s Cow

本来想水过的，结果提交了2次都是WA，就沉下心了； 类似fib数列，写出几项，可以猜测递推公式为f[n] = f[n-1] + 2×f[n-2]，稍加分析：正确； 稍作变形有： 1.  f[n] + f[n-1] = 2×(f[n-1] + f[n-2]) 2.  f[n] - 2×f[n-1] = -(f[n-1] - 2&time
·2015-11-11 07:18

POJ 3613 Cow Relays (Floyd+倍增思想)

题目大意：求经过N条边的最短路。 好题，更深刻的理解了Floyd和图邻接矩阵上的乘法。   这个问题和求两点间经过N条边的路径数很相似，而我们知道如果用图的邻接矩阵A存储图的话，二分矩阵快速幂A^N即为所求。路径数能用矩阵乘法求是因为它的状态方程正好和矩阵乘法一样：设dp[i][j][p]表示i到j点经过p条边的路径数，则dp[i][j][p] = sigma(dp[i][k][p-1]
·2015-11-11 07:30

POJ 3613 Cow Relays (Floyd+倍增思想)

题目大意：求经过N条边的最短路。 好题，更深刻的理解了Floyd和图邻接矩阵上的乘法。   这个问题和求两点间经过N条边的路径数很相似，而我们知道如果用图的邻接矩阵A存储图的话，二分矩阵快速幂A^N即为所求。路径数能用矩阵乘法求是因为它的状态方程正好和矩阵乘法一样：设dp[i][j][p]表示i到j点经过p条边的路径数，则dp[i][j][p] = sigma(dp[i][k][p-1]
·2015-11-11 07:29

POJ 3278 Catch That Cow

Catch That Cow Time Limit: 2000MS   Memory Limit: 65536K Total Submissions: 48127  
·2015-11-11 06:14

poj3278Catch That Cow（bfs）

题目 Catch That Cow Description Farmer John has been informed of the location of a fugitive cow and
·2015-11-11 06:37

php的http_build_query使用

php $data = array('foo'=>'bar', 'baz'=>'boom', 'cow'=>'milk',
·2015-11-11 05:17

树状数组类型[一]

PKU-2481 Cows 描述：每个cow吃草的范围是f=[s,t]，如果区间f1严格包含区间f2，则cow1比cow2强。
·2015-11-11 05:23

poj3670

lt;cstdlib> #include <cstring> using namespace std; #define maxn 30005 int n; int cow
·2015-11-11 04:33

USACOTrainning.Cow Pedigrees

这题算是整死了，大大的Debug了一番。 大意是一个二叉树，点的度数只能为0或2，给出节点数和数的高度，问有多少种树，即树的计数问题。 用的是DP，f(i,j)表示i个节点构成j高度的树的个数，其中在转移的时候还需要small(i,j),表示i个节点的高度小于等于j的树的个数。 然后f(i,j)=f(left,j-1)*small(right,j-2)+small(left,j-2)*f(r
·2015-11-11 03:52

toj 2829 cow counting

一开始想多了，以为应该做个数位dp的，后来想了想也不过100W的数据，直接暴力好像也不慢，于是暴力就过了，还挺快。 1 #include <iostream> 2 using namespace std; 3 4 bool judge( int x, int d ) 5 { 6 while ( x ) 7 { 8 in
·2015-11-11 03:20

第8章进程控制总结

1 父子进程的程序空间 　子进程获得父进程的数据空间、堆、栈的副本，即不共享这些空间 　父子进程共享正文段 　不过现在又很多实现采用COW写时复制技术，即共享空间，发生修改时只为修改区域制作副本
·2015-11-11 02:43

poj 3613 Cow Relays (矩阵乘法的变形 floyd 倍增法)

http://poj.org/problem?id=3613   题意： 求从一个点s 到 一点 e 经过 n 条边的最短路经是多少（可以有重边）： 看到很难多解题报告说的是n 个点 ，其实，n 条边 应该是 n - 1 个点 题解：   我们知道线性代数中有： 在只 含有 01邻接矩阵 A的 K次 方 C=A^K， C[i][j]表示 i点到 j点正好经
·2015-11-11 01:19

POJ 3660 Cow Contest (FLOYD 扩展)

1 /floyd求传递闭包，裸题，当牛被打败x次，胜利y次，且x+y==n-1时，说明该牛位置确定。注意下面的程序中 2 //map[i][i]恒为false，也就是自己不能打败自己。难度1 3 4 #include<stdio.h> 5 #include<string.h> 6 int n,m; 7 int map[500][500]; 8
·2015-11-11 01:53

poj 3278 Catch That Cow （bfs 搜索）

一直很晕，用c++16Ms过，用G++WA！！！！！！！！ http://poj.org/problem?id=3278 #include<stdio.h> #include<string.h> #define N 100000 int n,k,vis[N]; struct node { int step; int num; }p[N*1
·2015-11-11 01:08

poj3176——dp

poj3176——dp Cow Bowling Time Limit: 1000MS   Memory Limit: 65536K Total Submissions
·2015-11-11 00:45

poj3267——线性dp

poj3267——线性dp The Cow Lexicon Time Limit: 2000MS   Memory Limit: 65536K Total
·2015-11-11 00:43

poj3278——bfs

POJ 3278   对数轴进行一维bfs Catch That Cow Time Limit: 2000MS   Memory Limit: 65536K
·2015-11-11 00:27

HDU 1548 A strange lift【BFS】

和POJ catch that cow一样，直接用了那一题的代码，发现一直wa， 后来才发现，POJ catch that cow是单组输入的，所以每次调用的时候不用清空队列，而这一题一次输入有多组数据
·2015-11-10 23:28

POJ 3278 Catch That Cow【BFS】

题意：给出n,k,其中n可以加1，可以减1，可以乘以2，问至少通过多少次变化使其变成k 可以先画出样例的部分状态空间树 可以知道搜索到的深度即为所需要的最小的变化次数 下面是学习的代码----@_@ #include<iostream> #include<cstdio> #include<cstring> #include
·2015-11-10 23:26

USACO Cow Pedigrees 【Dp】

一道经典Dp. 定义dp[i][j] 表示由i个节点，j 层高度的累计方法数 状态转移方程为： 用i个点组成深度最多为j的二叉树的方法树等于组成左子树的方法数 乘于组成右子树的方法数再累计。 & / \ @ # / \ @ @ 如图中 & 为顶点， @ 为左子树， # 为右子树 需要注意的是，左子树的节点数目同样也为奇数
·2015-11-10 23:43

POJ 3623 Best Cow Line, Gold(字符串处理)

题意：给你一个字符串，让你重新排列，只能从头或者尾部取出一个放到新字符串队列的最后。按照字典序。 解决方法：比较前后两个的大小，谁小输出谁，相等，就往当中比来确定当前应该拿最前面的还是最后面的，如果再相等就继续...。 所以比较这个动作的单一功能，可以写成一个check函数，方便操作也方便递归。   #include<iostream> #include<c
·2015-11-10 23:20

std::string的Copy-on-Write：不如想象中美好

Copy-on-write（以下简称COW）是一种很重要的优化手段。
·2015-11-10 22:32

经典的农夫养牛问题

public class Cow {    static int count = 1;    private static void feedCow
·2015-11-10 22:35

POJ 3176 Cow Bowling

解题思路:dp(水) 代码 #include < iostream > using namespace std; int main(){ int i,j,n, ans,tri[ 351 ][ 350
·2015-11-10 21:22

POJ 3267 The Cow Lexicon

解题思路:DP opt[i]表示到i为止最少需要除去多少字符 opt[i] = min{opt[i - 1 ] + 1 ,opt[j] + i - j - len[k]}; ( if msg[i] == word[k][len[k
·2015-11-10 21:18

POJ 3278 Catch That Cow

解题思路:BFS 代码 #include < iostream > #include < cmath > using namespace std; #define MAXN 100001 in
·2015-11-10 21:14

qemu cow镜像分析

最近研究了以下qemu最简单的read on direct 镜像格式cow，在稀疏文件的模式下，这种方式还是比较简单，而且有优势的。
·2015-11-09 12:49

raw,cow,qcow,qcow2镜像的比较

最近在研究虚拟机的镜像格式，就写个笔记记录一下这些东东。 在linux下，虚拟机的选择方式有很多，比如vmware for linux，virtual box，还有qemu，在以前，使用qemu的人不多，主要是使用起来有些麻烦，但现在随着Openstack的兴起，qemu也得到了很大的发展，现在在Fedora下使用qemu＋kvm性能还是很好的，如果再加上spice，就更不错了。但今天还是主要讲
·2015-11-09 12:49

POJ3278 Catch That Cow(BFS)

DescriptionFarmerJohnhasbeeninformedofthelocationofafugitivecowandwantstocatchherimmediately.HestartsatapointN(0≤N≤100,000)onanumberlineandthecowisatapointK(0≤K≤100,000)onthesamenumberline.FarmerJohnh
JoneZP·2015-11-09 09:00

POJ3278 Catch That Cow 解题报告

时间：2011-7-23 地址： http://www.cnblogs.com/ACShiryu/archive/2011/07/23/2114978.html Catch That Cow
·2015-11-08 16:46
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