cow

poj 50道dp题

例如： 6 10 browndcodw cow milk white black brown farmer 其中，brown和cow可以组成browncow，这样至少是删除两个字母..
·2015-11-01 10:52

Cow Sorting POJ 3270 & HDU 2838

题目网址：http://poj.org/problem?id=3270   题目大意是：一串无序的数字，要排成增序的数列，可以交换不相邻的数，每交换两个数，sum+这两个数，使得sum最小，求最小的sum。 0 ms 1 #include<iostream> 2 #include<stdio.h> 3 #include<algorit
·2015-11-01 09:38

poj 2184 Cow Exhibition 背包

        这题想了很久，虽然知道是01背包，但加了两个约束条件后，就不知道如何做了。         直到看到解题报告才懂这题思路。先定死一个变量，求另外一个变量，得到各个结果再找出最优解。      
·2015-10-31 19:19

hdoj 2717 Catch That Cow

题目链接：http://acm.hdu.edu.cn/showproblem.php?pid=2717 基本BFS求最短路径。 //2013-12-03 10:44:00 Accepted 2717 15MS 840K 1143 B C++ 空信高手 #include <iostream> #include <queue>
·2015-10-31 18:14

POJ 2186 Popular Cows

要求你求出最受欢迎的牛牛们的个数（A single integer that is the number of cows who are considered popular by every other cow
·2015-10-31 17:29

c++ primer plus 习题答案(6)

gt; 2 #include<cstring> 3 #include<cstdlib> 4 using namespace std; 5 6 class Cow
·2015-10-31 16:18

BZOJ3476 : [Usaco2014 Mar]The Lazy Cow

旋转坐标系后转化为正方形，$x'=x+y$，$y'=x-y+1000001$，$k'=2k-1$ 两根扫描线从左往右扫 f[i]表示y坐标下边界为i时的价值和 每次加入/删除一个点等价于一段区间加减 然后查询全局最大值 线段树维护扫描线之间的点     #include<cstdio> #include<algorithm> con
·2015-10-31 16:22

PO3613 Cow Relays——矩阵乘法+快速幂（迭代）的变形应用

状态设计：d[i,j]（k）表示经过k条边的i到j的最短路。因为用了迭代的方法，所以可以省略。 状态转移：d[i,j]（M）=d[i,k]（M >>1）+d[k,j]（M>>1） 代码： program poj3613;//By_thispoet const maxn=105; var i,j,k,m,n,p,q,s,e,tot :longint;
·2015-10-31 16:29

GDB基本命令(整合)

转载 http://blog.csdn.net/water_cow/article/details/7214054  一、gdb调试基本知识a.调试器指示的是将要执行的代码行b.只有在编译时拥有调试符号
·2015-10-31 16:03

POJ3270 Cow Sorting

Each cow has a unique "grumpiness" level in the range 1...100,000. Since gru
·2015-10-31 16:11

poj 3268 Silver Cow Party

Silver Cow Party Time Limit: 2000MS   Memory Limit: 65536K Total Submissions: 9222  
·2015-10-31 15:01

POJ-3189 Steady Cow Assignment 二分+匹配

　　题目链接：http://poj.org/problem?id=3189 　　无语了，再次碰到Farmer John，又是二分+匹配的题目= =！注意题目要求求的是range最小，就是最大的rank-最小的rank！ 1 //STATUS:G++_AC_94MS_1500KB 2 #include<stdio.h> 3 #include<stdlib.h&
·2015-10-31 15:05

pku3177 （边）双连通分量 求桥

题意：有F个牧场，R条道路，形如<A, B>，表示牧场A到牧场B有一条通路（双向的），给出路保证每两个牧场都有通路，有些cow每次都得走同样的路有A到B。
·2015-10-31 15:14

poj 3256 Cow Picnic (dfs)

http://poj.org/problem?id=3256 对N个牧场用邻接表存储路径，记录下每个牧场初始牛的数目，沿路径dfs求连通牧场的牛数和。 code: #include<cstdio> #include<cstring> using  namespace std ; int num[ 1001] 
·2015-10-31 15:39

Hungry Cow

几何题 题意：题意不详说了，易懂，就是算面积，比较简单的题目 分四种情况讨论即可 1.不会碰到木板 2.不会饶过木板，但是碰到（相当于一个圆被切掉了下面一小部分） 3.绕过木板，在下方形成一个两个小圆 4.两个小圆会重叠，减去重叠的部分 匆匆忙忙写的代码，很乱，懒得修改了   #include <cstdio> #include <cstring&
·2015-10-31 14:55

poj 3615 Cow Hurdles

继续复习 DP，图论 题意：有向图，n个点，m条边，t个查询。从点u到点v可能有多条路径，找出一条，使这条路径的权值最大的那条边的值在所有路径中是最小的，即最大值最小 状态转移方程：dp[i][j]表示从i到j的最小的最大值。 dp[i][j] = min{   dp[i][j]   ,   max(dp[i][k] , dp[k][j])   }
·2015-10-31 14:49

poj 3660 Cow Contest

dp，图论 题意：输入n和m表示n个牛（从1到n标号），下面m个信息，A B，表示A牛能打赢B牛。现在要给所有的牛排名（按实力从高到低），问哪些牛的排名是可以确定的 如果知道由l个人能打赢自己，自己能打赢w个人，且l+w+1 = n的话，那么自己的排名就是可以确定的，所有转化为要求出，每个人，能打赢多少人，能被多少人打赢 建图： dp[i][j]=1表示i能打赢j，=0表示不确定他们之间的关
·2015-10-31 14:48

Cow Sorting(置换）

http://poj.org/problem?id=3270   // File Name: poj3270.cpp // Author: bo_jwolf // Created Time: 2013年10月09日 星期三 17:19:00 #include<vector> #include<list> #include<map>
·2015-10-31 14:51

poj3176 Cow Bowling

http://poj.org/problem?id=3176 树塔问题，求最大和 #include<cstdio>#include<cstring>#include<iostream>using namespace std;#define N 360#define max(a,b) (a)>(b)?(a):(b)int s[N][N];int c[N
·2015-10-31 13:42

fork和vfork exit和 _exit的 测试

但是在具体的系统实现中，采用写时复制技术（Copy-On-Write, COW）。fork的一个特性是父进程的所有打开文件描述符都被复制到子进程中，也就是说父子进程的每个相同
·2015-10-31 13:41

POJ 3281 Dining（最大流）

Each cow has a preference for certain fo
·2015-10-31 12:56

BZOJ3939 : [Usaco2015 Feb]Cow Hopscotch

设f[i][j]表示到(i,j)的方案数，则有 $f[i][j]=\sum f[x][y](x<i,y<j,a[x][y]!=a[i][j])=\sum f[x][y](x<i,y<j)-\sum f[x][y](x<i,y<j,a[x][y]==a[i][j])$ 然后运用CDQ分治即可$O(nm\log n)$解决。   #include
·2015-10-31 11:51

Linux写时拷贝技术(copy-on-write)

源于网上资料 COW技术初窥：       在Linux程序中，fork（）会产生一个和父进程完全相同的子进程，但子进程在此后多会exec系统调用，
·2015-10-31 11:36

BZOJ 3446: [Usaco2014 Feb]Cow Decathlon( 状压dp )

水状压dp. dp(x, s) = max{ dp( x - 1, s - {h} ) } + 奖励(假如拿到的) (h∈s). 时间复杂度O(n * 2^n) ---------------------------------------------------------------------------------- #include<bits/stdc++.h>
·2015-10-31 11:49

poj 2184 Cow Exhibition

// 给定n头牛，每头有属性智商和幽默感，这两个属性值有正有负，现在要从这n头牛中选出若干头使得他们的智商和与幽默感和不为负数，// 并且两者两家和最大，如果无解输出0，n<=100,-1000<val<1000.// 这题是好题 思路来自以下博客// http://blog.csdn.net/woshi250hua/article/details/7633450// 我开始想的
·2015-10-31 11:25

poj 3278 catch that cow

http://poj.org/problem?id=3278   bfs,用到了stl的queue #include <algorithm> #include <cstdio> #include <iostream> #include <cstring> #include <string> #include &
·2015-10-31 11:16

POJ-3267 The Cow Lexicon DP

　　题目链接：http://poj.org/problem?id=3267 　　题目大意是，给定一个文本串和n个模板串，要你去掉文本串中最少的字母，使得文本串能连续的被模板串匹配。有点像LIS，基本的DP模型：E[j]=opt{D+w(i,j)}。用f[i]表示前i个字符连续被模板串匹配时去掉的最少的字符个数，则f[i]=min{f[j]+(i-j+1)-max{lengthstring}},(
·2015-10-31 11:21

Problem C POJ 3278 Catch That Cow(三入口bfs)

C - Catch That Cow Time Limit:2000MS      Memory Limit:65536KB &
·2015-10-31 11:50

JavaScript 基础数据类型

如：“The cow jumped
·2015-10-31 11:15

POJ 3613 Cow Relays

POJ_3613     这个题目我们可以用一个矩阵f[i][j][n]表示进过的边数为n的i到j的最短路，利用二分的思想就可以得到f[i][j][n]=min{f[i][k][n/2]+f[k][j][n-n/2]}，这样就可以用快速幂去做了。只要先求得f[i][k][n/2]，就可以利用f[i][k][n/2]求得f[k][j][n-n/2]，于是一共只需要计算
·2015-10-31 11:49

poj 3274 Gold Balanced Lineup (神奇的哈希）

Farmer John's有n头cow，共k个属性，每个属性用一位2进制表示。求最长连续的 段，满足段里的每个属性出现的次数一样多。
·2015-10-31 11:37

poj 3278 Catch That Cow (BFS)

题意：     牛逃跑了，主人用最短的时间追到牛（在直线上）     很裸的bfs ,郁闷啊忘了判断重复了，RE ,WA !     #include<stdio.h>#define N 100005int n,k;int stack[N],vis[N];int main(){ s
·2015-10-31 11:36

hdu 2717 Catch That Cow(广搜bfs)

opt=1 Catch That Cow Time Limit: 5000/2000 MS (Java/Others)    Memory Limit: 32768
·2015-10-31 11:56

POJ3615 Cow Hurdles

Cow Hurdles Time Limit: 1000MS Memory Limit: 65536K Total Submissions: 4584
·2015-10-31 11:13

PKU 3268 Silver Cow Party

#include < iostream > #include < queue > #define  MAXN 1001 using   namespace  std; struct  type1 {      int  v, w; &n
·2015-10-31 11:18

cocos2d碰撞检测

CGRect rect1 = [self positionRect:sheep];CGRect rect2 = [self positionRect:cow
·2015-10-31 11:37

POJ 3268 Silver Cow Party

水水更健康。 建立正、反向图。 CODE： #include <iostream> #include <cstring> #include <cstdio> #include <cstdlib>  #include <queue> using  na
·2015-10-31 10:33

poj3176

Cow Bowling Time Limit: 1000MS Memory Limit: 65536K Total Submissions: 8553
·2015-10-31 10:14

poj3278

Catch That Cow Time Limit: 2000MS Memory Limit: 65536K Total Submissions: 22900
·2015-10-31 10:13

poj3267

The Cow Lexicon Time Limit: 2000MS Memory Limit: 65536K Total Submissions: 4716
·2015-10-31 10:13

【原】 POJ 3176 Cow Bowling 动态规划 解题报告

  http://poj.org/problem?id=3176   方法： DP：将大问题转化为小问题解决。由递归写循环。 c[i][j]表示从a[1][1]开始到a[i][j]的最大和。而最终的结果为c[n][1...n]中的最大值 递归式为： c[1][1] = a[1][1] c[i][j] = max{ c[i-1][j-1], c[i-1][j] } + a[
·2015-10-31 10:33

【原】 POJ 3278 Catch That Cow BFS单源无权图最短距离 解题报告

  http://poj.org/problem?id=3278   方法： 单源无权图最短距离，即BFS 该问题只需要求得某两点间的最短距离，所以不必求得所有节点的最短距离，一旦处理了目的地点，即可返回结果   Description Farmer John has been informed of the location of a fugitive
·2015-10-31 10:33

POJ-3270 Cow Sorting 置换群

　　题目链接：http://poj.org/problem?id=3270 　　把数列循环分解，注意到长度为k的循环最少用k-1次置换，那么次循环的最优值就是用循环中的最小值去与每个置换，还要考虑此循环中的最优值可以由其它循环影响，影响的那个循环肯定还有数列中的最小值。 1 //STATUS:C++_AC_16MS_396KB 2 #include<stdio.h> 3
·2015-10-31 10:56

【USACO】

The cow hands don't appreciate the advantage of this filing system, th
·2015-10-31 10:36

JavaScript入门

如：“The cow jumped over the moon.” 　　　数值数据类型：JavaScript 支持整数
·2015-10-31 10:41

HDU 2018 母牛的故事

1 #include<stdio.h> 2 int cow(int n) 3 { 4 if(n<=4) 5 return n; 6 else
·2015-10-31 10:56

Cow Sorting

hdoj 2838 题目大意：给出数，求排成正序的最少时间，每两个数交换的时间是 两个数的值的和。 解决：树状数组，只需求出 在这个数加入之前比这个数大的个数，然后更新，再求出这个数加入之前比这个数大的数的总和 总共的代价是：cnt*加入的数+比这个数大的数的和 #include <iostream> #include <functional> #includ
·2015-10-31 10:33

Catch That Cow(捉住那头牛)

poj 3278  题目大意：给出坐标中人的位置和牛的位置，然后牛不动，让你按照给定的策略（走一秒，退一退，走二倍当前的时间）去到牛的身边，求最小步子数 解决：DFS，分析若一开始牛在人的身后，只有往后退的份了，所以加一个判断条件最好 #include <iostream> #include <queue> using namespace std;
·2015-10-31 10:30

写时复制技术（COW）

维基百科： 写入时复制(Copy-on-write)是一个被使用在程式设计领域的最佳化策略。其基础的观念是，如果有多个呼叫者(callers)同时要求相同资源，他们会共同取得相同的指标指向相同的资源，直到某个呼叫者(caller)尝试修改资源时，系统才会真正复制一个副本(private copy)给该呼叫者，以避免被修改的资源被直接察觉到，这过程对其他的呼叫只都是通透的(transpare
·2015-10-31 09:44

poj 2184

令res[i][j]表示前i个COW，Si为j时Fi的最大值。
·2015-10-31 09:51
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