TK13
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hdu1043 经典的八数码问题 逆向bfs打表 + 逆序数

题意: 题意就是八数码,给了一个3 * 3 的矩阵,上面有八个数字,有一个位置是空的,每次空的位置可以和他相邻的数字换位置,给你一些起始状态 ,给了一个最终状态,让你输出怎么变换才能达到目的.


思路: 首先我们先判断一下可不可以达到最终目的,方法是根据逆序数,只要终止状态和起始状态的逆序数(空的位置不算)奇偶性相同就能,否则不能;

证明 :

加入当前空的位置是i,针对3 * 3 的也就是八数码问题(可能有别的数码,根据奇偶性答案不同) 如果向前或向后移动的话 当前的逆序数不变,如果像上移动的话有三种情况, 移动过来的这个数比那两个数都大,逆序数 - 2 ,移动过来的这个数比那两个数都小 逆序数 + 2,比一个大,比另一个小,逆序数 + 1 - 1 不变,所以怎么移动逆序数奇偶性不变,所以只有起始状态可终止状态逆序数奇偶性相同才能转换..

解决了判断,剩下的就是输出方法了,直接暴搜会TLE出"翔"来(测试数据太多),我们观察会发现,题目最终的目的地是同一个状态,无论什么最后都要到题目中给的那个终点,那么我们可以直接以终点为起点,遍历一边所有状态,然后把它存起来,等问的时候我们只要把存的方法变换一下就ok了,首先把整个序列颠倒过来,因为我们是反向打表,然后相应的 上 变 下 下 变 上 ... 因为是反向搜索..然后输出来就ok了, 这让我想起了以前做过的一道最短路,一群牛去一个地方开会,在回来问所有路径的最短和,路是单向的,我们只要直接以开会点为起点,跑两边最短路就ok了..想法是一样的.上代码.



//逆向BFS打表 AC 


#include
#include
#include
#include
#include


using namespace std;


typedef struct
{
   int now_map[10];
   string root;
   int id0;
}NODE;


mapans_map;
mapmk;
NODE xin ,tou;
char ans[800000];
int end_map[10] = {0 ,1 ,2 ,3 ,4 ,5 ,6 ,7 ,8 ,0};


bool hash(int now[] ,string root)
{
   int sum = 0 ,e = 1;
   for(int i = 1 ;i <= 9 ;i ++)
   {
      sum += e * now[i];
      e *= 10;
   }
   if(mk[sum])
   return 1;
   mk[sum] = 1;
   ans_map[sum] = root;
   return 0;
}


void DB_BFS()
{
   for(int i = 1 ;i <= 9 ;i ++)
   xin.now_map[i] = end_map[i];
   xin.root = "";
   xin.id0 =  9;
   queueq;
   q.push(xin);
   ans_map.clear();
   mk.clear();
   hash(xin.now_map ,"ud");
   while(!q.empty())
   {
      tou = q.front();
      q.pop(); 
          
      if(tou.id0 >= 4)
      {
         xin = tou;
         xin.root = tou.root + 'u';
         xin.now_map[xin.id0] = tou.now_map[xin.id0-3];
         xin.now_map[xin.id0-3] = 0;
         xin.id0 -= 3;     
         if(!hash(xin.now_map ,xin.root))
         {           
            q.push(xin);
         }
     }
       
      if(tou.id0 <= 6)
      {
         xin = tou;
         xin.root = tou.root + 'd';
         xin.now_map[xin.id0] = tou.now_map[xin.id0+3];
         xin.now_map[xin.id0+3] = 0;
         xin.id0 += 3;
         if(!hash(xin.now_map ,xin.root))
         {
            q.push(xin);
         }   
      }
      
      if(tou.id0 != 1 && tou.id0 != 4 && tou.id0 != 7)
      {
         xin = tou;
         xin.root = tou.root + 'l';
         xin.now_map[xin.id0] = tou.now_map[xin.id0-1];
         xin.now_map[xin.id0-1] = 0;
         xin.id0 --;
         if(!hash(xin.now_map ,xin.root))
         {
            q.push(xin);                
         }
      }
      
      if(tou.id0 != 3 && tou.id0 != 6 && tou.id0 != 9)
      {
         xin = tou;
         xin.root = tou.root + 'r';
         xin.now_map[xin.id0] = tou.now_map[xin.id0+1];
         xin.now_map[xin.id0+1] = 0;
         xin.id0 ++;    
         if(!hash(xin.now_map ,xin.root))
         {
            q.push(xin);                
         }
      }
   }
}


int main ()
{
   int i ,id0;
   char str[5];
   DB_BFS();
   NODE A;
   while(~scanf("%s" ,str))
   {
      if(str[0] == 'x')
      {
         A.id0 = 1;
         A.now_map[1] = 0;
      }
      else
      A.now_map[1] = str[0] - 48;
      for(i = 2 ;i <= 9 ;i ++)
      {
         scanf("%s" ,str);
         if(str[0] == 'x')
         {
            A.id0 = i;
            A.now_map[i] = 0;
         }
         else
         A.now_map[i] = str[0] - 48;
      }
      
      int sum = 0;
      int ss = 0 ,e = 1;
      for(i = 1 ;i <= 9 ;i ++)
      {
         ss += A.now_map[i] * e;
         e *= 10;
         if(!A.now_map[i])continue;
         for(int j = 1 ;j < i ;j ++)
         if(A.now_map[i] < A.now_map[j])
         sum ++;
      }
      if(sum % 2)
      {
         printf("unsolvable\n");
         continue;
      }
      
      int l = ans_map[ss].length();   
      for(i = 0 ;i < l ;i ++)
      {
         char c = ans_map[ss][l-i-1];
         if(c == 'u')
         ans[i] = 'd';
         if(c == 'd')
         ans[i] = 'u';
         if(c == 'l')
         ans[i] = 'r';
         if(c == 'r')
         ans[i] = 'l';
      }
      ans[l] = '\0';
      puts(ans);
      
   }
   return 0;
}     
   


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