牛客多校第二场 H（树形dp）

链接：https://www.nowcoder.com/acm/contest/140/H
来源：牛客网
 

时间限制：C/C++ 2秒，其他语言4秒
空间限制：C/C++ 262144K，其他语言524288K
64bit IO Format: %lld

题目描述

White Cloud has a tree with n nodes.The root is a node with number 1. Each node has a value.
White Rabbit wants to travel in the tree 3 times. In Each travel it will go through a path in the tree.
White Rabbit can't pass a node more than one time during the 3 travels. It wants to know the maximum sum value of all nodes it passes through.

 

 

输入描述:

The first line of input contains an integer n(3 <= n <= 400001)
In the next line there are n integers in range [0,1000000] denoting the value of each node.
For the next n-1 lines, each line contains two integers denoting the edge of this tree.

输出描述:

Print one integer denoting the answer.

示例1

输入

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13
10 10 10 10 10 1 10 10 10 1 10 10 10
1 2
2 3
3 4
4 5
2 6
6 7
7 8
7 9
6 10
10 11
11 12
11 13

输出

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110

 

树形dp。

令dp(i,j,k)表示在i的子树上存在j条选择的链，并且有k条是接在i这个节点上的。

这里为了操作简单，默认链都是竖直链，也即是说接在一个节点上的链最多2条

之后根据各种情况转移即可，具体转移可以看代码。

#include
#define mp make_pair
#define fir first
#define se second
#define ll long long
#define pb push_back
using namespace std;
const int maxn=4e5+10;
const ll mod=1e9+7;
const int maxm=1e6+10;
const double eps=1e-7;
const ll inf=(ll)1e13;
struct Edge{
    int u,v,next;
}edge[maxm];
int head[maxn];
int tot=0;
void init(){
    memset(head,-1,sizeof(head));
    tot=0;
}
void addedge(int u,int v){
    edge[tot]=Edge{u,v,head[u]};
    head[u]=tot++;
}
int n;
ll a[maxn];
ll dp[maxn][8][4];
//dp(i,j,k)表示i子树上有j条链,i节点上有k条链的结果
void dfs(int u,int fa){
    dp[u][0][0]=0;
    //啥都没有,肯定是0了
    dp[u][1][1]=a[u];
    //只有自己一个节点作为一条链的答案
    for (int i=head[u];~i;i=edge[i].next){
        int v=edge[i].v;
        if (v==fa) continue;
        dfs(v,u);
        for (int j=4;j>=0;j--){
            for (int k=j-1;k>=0;k--){
                dp[u][j][2]=max(dp[u][j][2],dp[u][k][1]+dp[v][j-k][1]);
                //其他子树上提供了k条链，并且有一条在u上，那么剩下的j-k条由v提供，并提供一条u-v的链
                dp[u][j][2]=max(dp[u][j][2],dp[u][k][2]+max(dp[v][j-k][0],max(dp[v][j-k+1][2],dp[v][j-k][1])));
                //其他子树上提供了k条链，并且有两条在u上，那么剩下的j-k条由v提供，不提供u节点到v的链
                //这时候v节点的dp值取0条连在v上，一条连在v上，两条连在v上的dp的最大值
                //取两条的时候，数目要+1
                dp[u][j][1]=max(dp[u][j][1],dp[u][k][0]+dp[v][j-k][1]+a[u]);
                //其他子树上提供了k条链，并且有一条在u上，那么剩下的j-k条由v提供，并提供一条u-v的链
                dp[u][j][1]=max(dp[u][j][1],dp[u][k][1]+max(dp[v][j-k][0],max(dp[v][j-k+1][2],dp[v][j-k][1])));
                //其他子树上提供了k条链，并且有一条在u上，那么剩下的j-k条由v提供，不提供u节点到v的链
                //这时候v节点的dp值取0条连在v上，一条连在v上，两条连在v上的dp的最大值
                //取两条的时候，数目要+1
                dp[u][j][0]=max(dp[u][j][0],dp[u][k][0]+max(dp[v][j-k][0],max(dp[v][j-k+1][2],dp[v][j-k][1])));
                //其他子树上提供了k条链，并且没有在u上，那么剩下的j-k条由v提供，不提供u节点到v的链
                //这时候v节点的dp值取0条连在v上，一条连在v上，两条连在v上的dp的最大值
                //取两条的时候，数目要+1
            }
        }
    }
}
int main(){
    scanf("%d",&n);
    for (int i=1;i<=n;i++){
        scanf("%lld",&a[i]);
    }
    init();
    for (int i=1;i