题目链接: http://acm.hdu.edu.cn/showproblem.php?pid=3364
题目大意:n个灯笼初始都是灭的(0状态),已知灯笼之间的连动关系,即某一灯笼翻转会带动与其连动的灯笼翻转,给出q次询问,每次询问表示一种灯笼的目标状态,问一共有多少种达到目标状态的方法数。
分析:高斯消元。POJ 1830 开关问题的升级版。注意两个地方:(1)方程组无解时(即不可能达到目标状态时)输出0(这个好坑,看样例才看出来的);(2)因为n∈[1.50],所以最终方案数可能超int,要用long long 来存。
实现代码如下:
/* 灯笼初始为0 一个灯笼可以连动k个灯笼 q次询问,每次询问给出一个目标状态 求出需要翻转几个灯笼才能达到 */ #include <iostream> #include <cstdio> #include <cstring> using namespace std; const int maxn=50; int a[maxn][maxn+1],b[maxn][maxn+1],x[maxn],equ,var; int pre[maxn]; //纪录开关起始的状态 void Init() { scanf("%d%d",&equ,&var); int k,tmp; memset(a,0,sizeof(a)); memset(x,0,sizeof(x)); for(int i=0;i<var;i++) { scanf("%d",&k); for(int j=0;j<k;j++) { scanf("%d",&tmp); a[tmp-1][i]=1; } } } void Debug() { for(int i=0;i<equ;i++) { for(int j=0;j<=var;j++) cout<<a[i][j]<<" "; cout<<endl; } cout<<endl; } int gcd(int a,int b) { if(a<0) return gcd(-a,b); if(b<0) return gcd(a,-b); return b==0?a:gcd(b,a%b); } void Gauss() { int k,col=0; for(k=0;k<equ&&col<var;k++,col++) { int mx=k; for(int i=k+1;i<equ;i++) if(a[i][col]>a[mx][col]) mx=i; if(mx!=k) { for(int i=k;i<var+1;i++) swap(a[k][i],a[mx][i]); } if(!a[k][col]) { k--; continue; } for(int i=k+1;i<equ;i++) if(a[i][col]) { int lcm=a[k][col]/gcd(a[k][col],a[i][col])*a[i][col]; int ta=lcm/a[i][col],tb=lcm/a[k][col]; for(int j=col;j<var+1;j++) a[i][j]=((a[i][j]*ta-a[k][j]*tb)%2+2)%2; } } //Debug(); for(int i=k;i<equ;i++) if(a[i][col]) { puts("0"); //本题无解时输出0(坑啊) return ; } printf("%I64d\n",1LL<<(var-k)); } int main() { int t,T=1,q; scanf("%d",&t); while(t--) { Init(); scanf("%d",&q); for(int i=0;i<equ;i++) for(int j=0;j<=var;j++) b[i][j]=a[i][j]; printf("Case %d:\n",T++); while(q--) { for(int i=0;i<equ;i++) for(int j=0;j<=var;j++) a[i][j]=b[i][j]; memset(x,0,sizeof(x)); for(int i=0;i<equ;i++) scanf("%d",&a[i][var]); Gauss(); } } return 0; }