树型dp #include <cstdio> #include <cstring> #include <vector> #include <set>

pid=4340 树型dp 理解起来并不难但是状态有点多 比赛的时候没敢写 解题上好像是用的三维数组 有两个维大小是2 的  自己干脆写了6个一维数组  然后6个dp函数相互调用

show_problem&problem=1194 不看解析还真没有什么思路，刘汝佳的《算法竞赛入门经典训练指南》P117    将原问题转换成树 然后再进行树型

problemId=1315 简单的树型DP    代码： #include<iostream> #include<cstdio> #include

    dp[x][y]代表以x为根的子树..连接了y个终端用户(叶子)..所能获得的最大收益...     dp[x][ ]可以看成当根为x时..有个背包空间为0~m...每个空间上记录了到到达这个空间的最大收益..     典型的泛化背包问题...  Program:   #include

     dp[x][y]表示以x为根的子树要变成有y个点..最少需要减去的边树... 最终ans=max(dp[i][P]+t)  < i=(1,n) , t = i是否为整棵树的根 >      更新的时候分为两种情况..一种是要从其这个孩子转移过来...枚举做01背包..更新出每个状态的最小值..或者说直接砍

      题目给了512MB的空间....用dp[k][i]代表以k为起点...往下面走(走直的不打岔)i步能有多少方案....在更新dp[k][i]过程中同时统计答案.. Program:   #include<iostream> #include<queue> #include<stack> #in

     这题和POJ 3107 - Godfather异曲同工...http://blog.csdn.net/kk303/article/details/9387251   Program:   #include<iostream> #include<stdio.h> #include<string.h&

一、经典题系列。 1.选课 简要描述：从n门课中选出m门课(m<=n)，每一门课有一门(或没有)先修课，每门课都有对应的学分，求最大学分。 分析：n门课程按照是否是先修的关系构成一个森林(即树型),设计状态d[i][j]：以结点i为根的子树选j门课能得到的最大学分值。根结点的状态由孩子结点得到，为了状态转移的方便，将多叉树转换成二叉树(孩子-兄弟表示法)，这样孩子结点就变成了两个，转移

以前学树型dp就是随便的看了几道题，没有特别注意树型dp中的小分类的总结，直到上次浙大月赛一道很简单的树型dp都不会，才意识到自己太水了～～come on！

dp一直弱死了，树型dp很多基本的题都不会，最近在刷树型dp的题，把关于树的最长路的思想总结一下： 树的直径：树中距离最远的两点间的距离。

题目链接： http://www.acdream.net/problem.php?id=1027 题意：给出一个n个节点的树，每条边的权值为1或者2。Q个询问，每个询问一个数L，问树中是否存在一个长度为L的链？ 思路：若有长度为x的链，则必有长度为x-2的链。因此，求出树中长度为偶数的最长的链和长度为奇数的最长的链即可。 #include <iostream>

Abstract codeforces 274B Zero Tree 树型dp Source http://codeforces.com/problemset/problem/274/B Solution

题目：Find Metal Mineral 题意： 给出一棵树，选择一个s点为根，最多给出k个机器人，从根结点开始，求遍历所有的结点的最小花费。 解题思路: 树存在递归结构，对每个结点，他和他的后代组成一棵树，且他所有的儿子都是一棵树，则该结点的状态一般由其子树递推而来，每棵子树达到最优时，才能推出根结点的最优解，可采用递归DFS很方便处理。本题可以设DP[n][i]表示结点为n的

题目：Alice and Bob's Trip 题意： 给出一棵树型地图，Alice和Bob从０根结点开始走，轮流选择边，直到到达叶结点，这里的边是单向的。Alice总是选择会使当前达到最小距离的边，Bob相反，求最后的总距离 解题思路: 先求出每个子树的最小值或最大值，然后再更新当前根，如此递归。求最小值还是最大值要根据当前轮到Alice还是Bob选择路径决定。 这题不难，是简

题目：Parent and son 题意： 输入N，Q，接着输入N-1条边，组成树，结点以1-N命名。 然后输入Q个提问，每个提问输入X,Y(X!=Y),表示当以X为树的根结点时，求Y的最小儿子和最小子孙。 解题思路: 以１为根，进行DFS遍历，DP每个结点的最小儿子和最小子孙，注意最小儿子要包括其father,方便后面处理。 有了这些信息后，对每个提问X,Y。分三种情况： s

解题思路: 很明显的一道树型DP，DP[v],表示切断根结点的v的子树的最小花费，那么这个界限怎么处理呢，由于界限值范围要比总和m小得多，才1－1000，可以用二分枚举

题意：给一棵树的边标上0或1，求以节点i为源点，其它点到i的唯一路径上的1的边数不超过1条的方案数，输出所有i的答案。 思路：令f[i]表示以节点i为源点，只考虑子树i时的方案数，ans[i]为最后答案，fa[i]为i的父亲，则不难得出以下转移方程： f[i] = ∏(1 + f[v]),v是i的儿子      ans[i] = f[i] * (1 +

pid=2242 思路：Tarjan求边双连通分量，进行缩点后成树，然后就是树型dp,求一下最小差值就行了。

简单树型DP 题意：一个图，N个点，N-1条边，并且说明是树（一棵树，连森林都排除掉了）。

http://www.cqoi.net:2012/JudgeOnline/problem.php?id=1380 题意什么的都在里面，中文题目不用解释 个人感觉是数据的问题，因为网上找遍了代码都不能通过，算了还是不纠结了 代码写得也不好，无心机改了 /* dp思想:dp[rt][p]，当前节点rt，有p点，能获得的最大价值 1.可以用一部分来升级当前的这个技能，升的级数不确定，但升级

提交地址：http://www.cqoi.net:2012/JudgeOnline/problem.php?id=1709 问题描述     如果一个数x的约数和（不包括它本身，下同）比它本身小，那么x可以变成它的约数和；如果对于某个y>x且y的约数和为x，那么x也可以变成y。例如，4可以变为3，1可以变为7。限定所有的数字变换在不超过n的正整数范

树型DP 这题刘汝佳居然归在数学题里面，他的用意应该是想归在递推的，但是这题更应该属于一个经典树DP 题意：给一个图，两个点间不会有重边，边时双向连通的，另外注意这句话， there is only

提交地址：http://www.cqoi.net:2012/JudgeOnline/problem.php?id=1286 这题是OI的经典题，不难，注意一点，原题是用文件输入输出的，但是这里的提交直接标准输入输出即可 这题的题意很清晰，明说了是二叉树（而且只能在两个孩子的节点和叶子节点）。 注意输入给出的信息，对于一对数据，a，b，a指通过走廊的时间，那是不是树中边的信息呢？不是的，应该是

树型DP：二叉苹果树 另外一个提交地址：http://www.cqoi.net:2012/JudgeOnline/problem.php?id=1375 里面有中文题目，不解释题目了。

在朱全民的PPT介绍的一个树型DP经典题，《选课》，中文题目，不结束 找了很久找到了可以提交的OJ，重庆八中 http://www.cqoi.net:2012/JudgeOnline/problem.php

树型DP入门题 题目链接：http://acm.sjtu.edu.cn/OnlineJudge/problem/1077 •设f(i,j)中序遍历为i,i+1,…,j的二叉树的最大加分，则有：

刚开始就是搜 加了几个剪枝、记忆搜索，还是超时最后想想用类似上次客户端－服务器的那个树型DP/* f[i][j][0]保存对于节点i向其子树走j步(可能有点重复)摘到的最多苹果数f[i][j][1]保存对于节点

一个树T的重心就是，删除了重心后，得到的那些子树中的最大子树的点数是最小的求法是利用树型dp的思路，很容易实现#include #include #inclu

因为在交上去说begin,next是关键字，编译错误。。所以。。。改成begin1,next1,to1....#include#include#include#includeusingnamespacestd;constintmaxn=210,maxm=210;intf[maxn][maxn],to1[maxm],begin1[maxn],next1[maxm];intm,n,e;voidadd(

因为在交上去说begin,next是关键字，编译错误。。所以。。。改成begin1,next1,to1....#include #include #include #include usingnamespacestd; constintmaxn=210,maxm=210; intf[maxn][maxn],to1[maxm],begin1[maxn],next1[maxm]; intm,n,e;

这几天的新知识点如下：Tarjan（强连通分量）算法树型DP单调队列优化DP斜率优化DPTarjan

因为是二叉结构，，所以会比较容易想到树型的结构，所以自然想到树型dp然而怎么设dp呢，，我是这样的dp[MX #include #include #include #include #include #

传送门：【codeforces】494D.Birthday题目分析：首先明确一点，平方和是可以递推的！1.我们第一次dfs，求出从一个点到其子树的所有点的距离的平方和。大体是保存三个变量来递推，设u的子树上点的个数cnt，到子树上点的距离和sum，到子树上点的距离平方和sqr，每次dfs完一个儿子v以后：dp[u].cnt+=dp[v].cntdp[u].sum+=dp[v].sum+dp[v].

传送门：【HDU】4616Game题目分析：首先，看到这道题，比较容易想到这需要树上的算法，再看看c的范围那么小，那么我们的思路便可以往树型DP上靠拢。

传送门：【HDU】4916Countonthepath题目分析：首先我们将树转化成以1为根，这样对于每一个查询，如果该查询的路径不经过根（1），则答案就是1，否则我们再做讨论。下面我们重点分析如何求解当查询的路径经过根（1）时。首先我们先做一次dfs，求出以u为根的子树内的最小节点，用tree[u]表示。同时求出u的所有子树中最小和次小的tree[v]，v是u的子节点，最小用sub_tree[u]

思路：树型dp，0是天然的根。。状态转移方程略神奇，是：dp[u][1]=(dp[u][1]*dp[v][1]+dp[u][1]*dp[v][0]+dp[u][0]*dp[v][1]); dp[u

思路：树型dp。dp[i]表示以i为根的子树具有的最大权值。dp的思路犹如一维最大子区间，即对于根节点i的所有子树j，如果j中节点的最大权大于0，则加入，否则舍弃。

思路：树型dp。随便拿一个点当作树根，dp(i,j,k)，i代表节点号，j代表选择装置的类型，k代表覆盖状态，数组存该状态

    稍复杂的树型dp。。状态的类型不仅跟当前节点有关，还与当前节点的父节点有关。一共有三种状态，当前节点是服务器，当前节点不是且父节点是，当前节点不是且父节点不是。

    也是一道紫书上所说的树型DP。但是我觉得这题没有发挥dp存储中间结果的优势，每个子问题其实只需要计算一次，可以算是一个树的深度优先遍历，然后贪心作出选择。

-> 背包九讲2.数位DP-> 数位DP2.线型DP-> 线​型​动​态​规​划3.区间DP-> 区间型动态规划4.坐​标​规​则​型DP-> 坐标规则型动态规划5.状压DP-> 状态压缩DP总结6.树型

考研路茫茫——空调教室TimeLimit:4000/2000MS(Java/Others)    MemoryLimit:32768/32768K(Java/Others)TotalSubmission(s):1978    AcceptedSubmission(s):576ProblemDescription众所周知，HDU的考研教室是没有空调的，于是就苦了不少不去图书馆的考研仔们。Lele也是

CellPhoneNetworkTimeLimit:1000MSMemoryLimit:65536KTotalSubmissions:5524Accepted:1984DescriptionFarmerJohnhasdecidedtogiveeachofhiscowsacellphoneinhopestoencouragetheirsocialinteraction.This,however,re

StrategicGameTimeLimit:20000/10000MS(Java/Others)    MemoryLimit:65536/32768K(Java/Others)TotalSubmission(s):4717    AcceptedSubmission(s):2133ProblemDescriptionBobenjoysplayingcomputergames,especiall

BinaryAppleTreeLet'simaginehowappletreelooksinbinarycomputerworld.You'reright,itlooksjustlikeabinarytree,i.e.anybiparousbranchsplitsuptoexactlytwonewbranches.Wewillenumeratebyintegerstherootofbinaryap

题意：T个测试案例n个点下面为一棵带权树问：1、每个点上站一个人，每个人都走到另一个点上。（一个点上不会有2个人）2、每个人都想使自己走的很远3、我们显然可以得到一个解，使得每个人对应一个最终的终点，他们从自己所在点到终点不会绕路走。 输出这样的路径和。思路：对于每条边，因为大家都想走的最远，那么相当于让边两端的人交换，花费就是边长*经过边的人数ans=Σ(每条路长l)*(经过这条路的最大次数f)

题意：n个点m条无向边下面n-1行给定原树m行给定新边 问删一条老边和新边使得图不连通的方法 首先，对于一条新边(u,v)，加入后成环u,v,LCA(u,v)所以删除新边(a,b)以及这个环上的没有被其他环覆盖的边    即可分成两部分。所以问题转化为求每条边被环覆盖的次数    设dp[x]表示x所在的父边被新边覆盖的次数    引进一条新边(a,b)后，dp[a]++,dp[b]++    而

简单树型dp。题目好罗嗦。。一棵树找最大权值和子树可以是中间子树。算出最大权值dfs一下搞掂！！