NYOJ 16 矩形嵌套(基础dp+二分)

                                            矩形嵌套

                                        时间限制： 3000 ms  |  内存限制： 65535 KB        难度： 4

描述

有n个矩形，每个矩形可以用a,b来描述，表示长和宽。矩形X(a,b)可以嵌套在矩形Y(c,d)中当且仅当a

输入

第一行是一个正正数N(0 每组测试数据的第一行是一个正正数n，表示该组测试数据中含有矩形的个数(n<=1000)
随后的n行，每行有两个数a,b(0

输出

每组测试数据都输出一个数，表示最多符合条件的矩形数目，每组输出占一行

样例输入

1
10
1 2
2 4
5 8
6 10
7 9
3 1
5 8
12 10
9 7
2 2

样例输出

5

//wa  求路过的大佬给组数据，指点原因

#include  
#include  
#include  

using namespace std;
int dp[1000 + 10], len;
struct rec
{
	int x;
	int y;
}a[1000 + 10];
int cmp(rec a, rec b)
{
	if (a.x == b.x)
		return a.y> 1;
		if (dp[mid] >= key)
			right = mid - 1;
		else
			left = mid + 1;
	}
	return left;//返回安置的位置  
}

int main()
{
	int t, n;
	cin >> t;
	while (t--)
	{
		cin >> n;
		for (int i = 1; i <= n; i++)
		{
			scanf("%d%d", &a[i].x, &a[i].y);
			if (a[i].x a[i - 1].x)
				k = 0;
			if (a[i].x > a[i - 1].x || k == 0)    //只有当x，y同时比上一个大，才能增长len  
			{
				if (len < tmp)
				{
					len = tmp;
					k = 1;
				}
				dp[tmp] = a[i].y;
			}
		}
		printf("%d\n", len);
	}
	return 0;
}

//n2的算法

//ac

#include
#include
#include
#include
using namespace std;
int dp[1000 + 20];
struct rec
{
	int x;
	int y;
}a[1000 + 20];
int cmp(rec a, rec b)
{
	if (a.x < b.x)
	return 1;
	if (a.x == b.x)
	return a.ya[j].y && a[i].x>a[j].x)
				{
					dp[i] = max(dp[i], dp[j] + 1);
				}	
			}
			ans = max(ans, dp[i]);
		}
		        /*
			for (int i = 0; i < n; i++)
		        {
			    dp[i] = 1;
			    for (int j = 0; j a[j].y && a[i].x>a[j].x)
				{
					dp[i] = max(dp[i], dp[j] + 1);
				}	
				ans = max(ans, dp[i]);//因为这个，我调了3个钟！！！！！//可是我觉得没问题阿，不就多比较了方数吗？
			    }//一不小心写错了位置，真的让我。。。。
		        }
		        */
		printf("%d\n", ans);
	}
	return 0;
}