[Ahoi2014]奇怪的计算器 解题报告
感觉这是一道非常好的题，不过我看几乎所有人都是把它当傻逼题写的，为出题人感到遗憾。
一个很简单的性质是无论如何操作，每个数的相对大小是不变的，所以我们每次改变的都是一个区间。所以我们维护一个标记 (k,b0,b1) 表示对这个区间里的数x的操作为先*k，然后 +b0x ，然后 +b1 。这样的话对于当前在节点的标记 (k,b0,b1) ，然后再加上一个新的标记 (k′,b′0,b′1) ，就变成 (k∗k′,k′∗b0+b′0,k′∗b1+b′1) 。然后再记一下每个节点最左边和最右边的点的值就行了。
但是这个题的关键是 k,b0,b1 都可能会非常大，最大可能有 109n 。我看popoqqq的题解说数据很水没有爆long long，但是我assert了一下数据发现它其实爆了，但是为什么用int/long long写还能a呢？
这个其实是在 O(1) 快速乘中也有所用到的看似爆掉而实际没爆的神奇思想。
这是因为虽然 k,b0,b1 可能很大，但我们可以让它在模 231 意义下存在，这样的话我们就能求出它们运算的结果模 231 的值，而可以预见这个结果是在[L,R]之间的，也就是 231 以内。所以尽管我们在计算它的过程中使用了模运算，但是最终的结果其实是和不模一样的。
唯一需要long long的地方只在于找到>R的非法区间，其他的变量其实我们都用int，令其自然溢出即可。
#includex;
}
}a[Q];
int ans[Q];
struct SS{
int k,b0,b1;
int l,r;
}segt[Q<<2];
#define lson node<<1,l,l+r>>1
#define rson node<<1|1,(l+r>>1)+1,r
void out(int node,int l,int r){
printf("%d[%d,%d]={k=%d,b0=%d,b1=%d,l=%d,r=%d}\n",node,l,r,segt[node].k,segt[node].b0,segt[node].b1,segt[node].l,segt[node].r);
}
void paint(int node,int l,int r,int k,int b0,int b1){
//printf("paint(%d,%d,%d,%I64d,%I64d,%I64d)\n",node,l,r,k,b0,b1);
segt[node]=(SS){segt[node].k*k,segt[node].b0*k+b0,segt[node].b1*k+b1,segt[node].l*k+b0*a[l].x+b1,segt[node].r*k+b0*a[r].x+b1};
}
void pushdown(int node,int l,int r){
if(segt[node].k!=1||segt[node].b0||segt[node].b1){
paint(lson,segt[node].k,segt[node].b0,segt[node].b1),paint(rson,segt[node].k,segt[node].b0,segt[node].b1);
segt[node].k=1,segt[node].b0=segt[node].b1=0;
}
}
void pushup(int node){
segt[node].l=segt[node<<1].l;
segt[node].r=segt[node<<1|1].r;
//printf("%d:%I64d,%I64d\n",node,segt[node<<1].l,segt[node<<1|1].r);
}
int cal(int data,int x,int k,int b0,int b1){
return min((LL)k*data+(LL)b0*x+b1,R+1LL);
}
void build(int node,int l,int r){
segt[node].k=1,segt[node].b0=segt[node].b1=0;
if(l==r)segt[node].l=segt[node].r=a[l].x;
else{
build(lson),build(rson);
pushup(node);
}
}
void rquery(int node,int l,int r,int k,int b0,int b1){
//printf("rquery(%d,[%d,%d],%d,%d,%d)\n",node,l,r,k,b0,b1);
//printf("cal(%d)=%d\n",l,cal(segt[node].l,a[l].x,k,b0,b1));
if(cal(segt[node].r,a[r].x,k,b0,b1)<=R)paint(node,l,r,k,b0,b1);
else
if(cal(segt[node].l,a[l].x,k,b0,b1)>R)paint(node,l,r,0,0,R);
else{
pushdown(node,l,r);
if(cal(segt[node<<1].r,a[l+r>>1].x,k,b0,b1)>R){
paint(rson,0,0,R);
rquery(lson,k,b0,b1);
}
else{
paint(lson,k,b0,b1);
rquery(rson,k,b0,b1);
}
pushup(node);
}
//out(node,l,r);
}
void lquery(int node,int l,int r,int k,int b0,int b1){
if(cal(segt[node].l,a[l].x,k,b0,b1)>=L)paint(node,l,r,k,b0,b1);
else
if(cal(segt[node].r,a[r].x,k,b0,b1)0,0,L);
else{
pushdown(node,l,r);
if(cal(segt[node<<1|1].l,a[(l+r>>1)+1].x,k,b0,b1)0,0,L);
lquery(rson,k,b0,b1);
}
else{
paint(rson,k,b0,b1);
lquery(lson,k,b0,b1);
}
pushup(node);
}
//out(node,l,r);
}
void query(int node,int l,int r){
if(l==r)ans[a[l].i]=segt[node].l;
else{
pushdown(node,l,r);
query(lson),query(rson);
}
}
int main(){
freopen("calc8.in","r",stdin);
freopen("bzoj_3878.out","w",stdout);
fread(cp,1,3000000,stdin);
int n;
in(n),in(L),in(R);
for(int i=1;i<=n;++i)in(order[i].opt),in(order[i].a);
int q;
in(q);
for(int i=1;i<=q;++i){
in(a[i].x);
a[i].i=i;
}
sort(a+1,a+q+1);
build(1,1,q);
for(int i=1;i<=n;++i)
switch(order[i].opt){
case '+':
rquery(1,1,q,1,0,order[i].a);
break;
case '-':
lquery(1,1,q,1,0,-order[i].a);
break;
case '*':
rquery(1,1,q,order[i].a,0,0);
break;
case '@':
rquery(1,1,q,1,order[i].a,0);
break;
}
query(1,1,q);
for(int i=1;i<=q;++i){
if(ans[i])out(ans[i]);
else *op++='0';
*op++='\n';
}
fwrite(os,1,op-os,stdout);
} 总结：
①一定要算好量的范围！！
②对于中间量可能很大，结果量很小的情况，我们可以在模意义下去运算它。——参考 O(1) 快速乘的思想。